явная специализация функции-члена класса шаблона

Question 1

Мне нужно специализировать функцию-член шаблона для некоторого типа (скажем, двойного ). Он отлично работает, пока Xсам класс не является классом-шаблоном, но когда я его делаю, GCC начинает выдавать ошибки времени компиляции.

#include <iostream>
#include <cmath>

template <class C> class X
{
public:
   template <class T> void get_as();
};

template <class C>
void X<C>::get_as<double>()
{

}

int main()
{
   X<int> x;
   x.get_as();
}

вот сообщение об ошибке

source.cpp:11:27: error: template-id
  'get_as<double>' in declaration of primary template
source.cpp:11:6: error: prototype for
  'void X<C>::get_as()' does not match any in class 'X<C>'
source.cpp:7:35: error: candidate is:
  template<class C> template<class T> void X::get_as()

Как я могу это исправить и в чем проблема?

Заранее спасибо.

Question 2

Так не работает. Вы должны были бы сказать следующее, но это не правильно

template <class C> template<>
void X<C>::get_as<double>()
{

}

Явно специализированные члены нуждаются в том, чтобы их окружающие шаблоны классов также были явно специализированы. Итак, вам нужно сказать следующее, что будет специализироваться только на этом участнике X<int>.

template <> template<>
void X<int>::get_as<double>()
{

}

Если вы хотите, чтобы окружающий шаблон оставался неспециализированным, у вас есть несколько вариантов. Я предпочитаю перегрузки

template <class C> class X
{
   template<typename T> struct type { };

public:
   template <class T> void get_as() {
     get_as(type<T>());
   }

private:
   template<typename T> void get_as(type<T>) {

   }

   void get_as(type<double>) {

   }
};

Question 3

Если есть возможность использовать, std::enable_ifмы можем положиться на SFINAE (отказ замены не является ошибкой)

это будет работать так (см. LIVE ):

#include <iostream>
#include <type_traits>

template <typename C> class X
{
public:
    template <typename T, 
              std::enable_if_t<!std::is_same_v<double,T>, int> = 0> 
    void get_as() { std::cout << "get as T" << std::endl; }

    template <typename T, 
              std::enable_if_t<std::is_same_v<double,T>, int> = 0> 
    void get_as() { std::cout << "get as double" << std::endl; }
};

int main() {
   X<int> d;
   d.get_as<double>();

   return 0;
}

Ужасно то, что со всеми этими enable_if для компилятора должна быть доступна только одна специализация, иначе возникнет ошибка разрешения неоднозначности. Вот почему поведение по умолчанию «получить как T» также требует включения if.